上海-初二(下)期末数学试题-(含答案)

3、计算题（本大题共1小题，共6.0分）

已知直线y=kx+b经过点A（-20，5）、B（10，20）两点．
（1）求直线y=kx+b的表达式；
（2）当x取何值时，y＞5．

4、解答卷（本大题共5小题，共38.0分）

如图，在梯形ABCD中，AD∥BC，AB=CD，BC=10，对角线AC、BD相交于点O，且AC⊥BD，设AD=x，△AOB的面积为y．

（1）求∠DBC的度数；
（2）求y关于x的函数分析式，并写源于变量x的取值范围；
（3）如图1，设点P、Q分别是边BC、AB的中点，分别联结OP，OQ，PQ．假如△OPQ是等腰三角形，求AD的长．

已知：如图，在▱ABCD中，设=，=．
（1）填空：=______（用、的式子表示）
（2）在图中求作+．（不需要写出作法，仅需写出结论即可）

如图，在菱形ABCD中，DE⊥AB，垂足为点E，且E为边AB的中点．
（1）求∠A的度数；
（2）假如AB=4，求对角线AC的长．

如图，在△ABC中，∠C=90°，D为边BC上一点，E为边AB的中点，过点A作AF∥BC，交DE的延长线于点F，联结BF．
（1）求证：四边形ADBF是平行四边形；
（2）当D为边BC的中点，且BC=2AC时，求证：四边形ACDF为正方形．

解方程组：

答案和分析

1.【答案】A
【分析】

解：拿两个“90°、60°、30°的三角板一试可得，用两个全等的直角三角形拼下列图形：（1）平行四边形（不包括菱形、矩形、正方形）；（2）矩形；（4）等腰三角形． 
而正方形需特殊的直角三角形：等腰直角三角形． 
故选：A．
两个全等的直角三角形直角边重合拼成的四边形肯定是平行四边形；直角边重合拼成的三角形肯定是等腰三角形；斜边重合拼成的四边形肯定是长方形．拿两个全等的三角板动手尝试一下就可以解决．
本题考查了图形的剪拼，培养学生的动手能力，有的题只须学生动手就能非常快求解，注意题目的需要有“肯定”二字．

2.【答案】C
【分析】

解：∵直线y=kx+b与直线y=-2x+5平行， 
∴k=-2，b≠5． 
故选：C．
借助两直线平行问题得到k=-2，b≠5即可求解．
本题考查了两条直线相交或平行问题：两条直线的交点坐标，就是由这两条直线相对应的一次函数表达式所组成的二元一次方程组的解．若两条直线是平行的关系，那样它们的自变量系数相同，即k值相同．

3.【答案】B
【分析】

解：A、x3+2=0，
x3=-2，
x=-，即此方程有实数根，故本选项不符合题意；
B、x2+2x+2=0，
△=22-4×1×2=-4＜0，
所以此方程无实数根，故本选项符合题意；
C、=x-1，
两边平方得：x2-3=（x-1）2，
解得：x=2，
经检验x=2是原方程的解，即原方程有实数根，故本选项不符合题意；
D、-=0，
去分母得：x-2=0，
解得：x=2，
经检验x=2是原方程的解，即原方程有实数根，故本选项不符合题意；
故选：B．
依据立方根的概念即可判断A；依据根的辨别式即可判断B；求出方程x2-3=（x-1）2的解，即可判断C；求出x-2=0的解，即可判断D．
本题考查知道无理方程、解分式方程、解一元二次方程、根的辨别式等要点，能求出每一个方程的解是解此题的重点．

4.【答案】D
【分析】

解：∵+=，
∴+-=-=，
故选：D．
依据三角形法则即可判断；
本题考查平面向量的三角形法则，解题的重点是熟练学会三角形法则，是中考常考试试题型．

5.【答案】4
【分析】

解：如图：

∵折叠
∴∠EAD=∠FAD，DE=DF
∴∠DFE=∠DEF
∵△AEF是等边三角形
∴∠EAF=∠AEF=60°
∴∠EAD=∠FAD=30°
在Rt△ACD中，AC=6，∠CAD=30°
∴CD=2
∵FD⊥BC，AC⊥BC
∴AC∥DF
∴∠AEF=∠EFD=60°
∴∠FED=60°
∵∠AEF+∠DEC+∠DEF=180°
∴∠DEC=60°
∵在Rt△DEC中，∠DEC=60°，CD=2
∴EC=2
∵AE=AC-EC
∴AE=6-2=4
故答案为4
由题意可得∠CAD=30°，∠AEF=60°，依据勾股定理可求CD=2，由AC∥DF，则∠AEF=∠EFD=60°，且DE=DF，可得∠DEF=∠DFE=60°，可得∠DEC=60°
依据勾股定理可求EC的长，即可求AE的长．
本题考查了翻折问题，等边三角形的性质，勾股定理，求∠CED 度数是本题的重点．

6.【答案】
【分析】

解：∵小敏首次从布袋中摸出一个红球的概率为，第二次从布袋中摸出一个红球的概率为，
∴两次摸出的球都是红球的概率为：=．
故答案为：．
小敏首次从布袋中摸出一个红球的概率为，第二次从布袋中摸出一个红球的概率为，据此可得两次摸出的球都是红球的概率．
本题主要考查了概率的计算，用到的要点为：概率=所求状况数与总状况数之比．

7.【答案】20（1-20%）（1-x）2=11.56
【分析】

解：设这辆车2、三年的年折旧率为x，有题意，得 
20（1-20%）（1-x）2=11.56． 
故答案是：20（1-20%）（1-x）2=11.56．
设这辆车2、三年的年折旧率为x，则第二年这就后的价格为20（1-20%）（1-x）元，第三年折旧后的而价格为20（1-20%）（1-x）2元，与第三年折旧后的价格为11.56万元打造方程．
一道折旧率问题，考查了列一元二次方程解实质问题的运用，解答本题时设出折旧率，表示出第三年的折旧后价格并运用价格为11.56万元打造方程是重点．

8.【答案】9
【分析】

解：∵y=2（x-2）+b=2x+b-4，且一次函数y=2（x-2）+b的图象在y轴上的截距为5， 
∴b-4=5， 
解得：b=9． 
故答案为：9．
将原函数分析式变形为一般式，结合一次函数图象在y轴上的截距，即可得出关于b的一元一次方程，解之即可得出结论．
本题考查了一次函数图象上点的坐标特点，牢记截距的概念是解题的重点．

9.【答案】7
【分析】

解：∵E，F分别是边AB，CD的中点，
∴EF为梯形ABCD的中位线，
∴EF=（AD+BC）=（4+10）=7．
故答案为7．
依据梯形中位线定理得到EF=（AD+BC），然后把AD=4，BC=10代入可求出EF的长．
本题考查了梯形中位线定理：梯形的中位线平行于两底，并且等于两底和的一半．

10.【答案】3y2+6y-1=0
【分析】

解：设=y，
原方程变形为：-y=2，
化为整式方程为：3y2+6y-1=0，
故答案为3y2+6y-1=0．
依据=y，把原方程变形，再化为整式方程即可．
本题考查了用换元法解分式方程，学会整体思想是解题的重点．

11.【答案】8
【分析】

解：∵平行四边形ABCD的周长为40cm，AB：BC=2：3，
可以设AB=2a，BC=3a，
∴AB=CD，AD=BC，AB+BC+CD+AD=40，
∴2（2a+3a）=40，
解得：a=4，
∴AB=2a=8，
故答案为：8．
依据平行四边形的性质推出AB=CD，AD=BC，设AB=2a，BC=3a，代入得出方程2（2a+3a）=40，求出a的值即可．
本题考查了平行四边形的性质和解一元一次方程等要点的应用，重点是依据题意得出方程2（2a+3a）=40，用的数学思想是方程思想，题目比较典型，困难程度也适合．

12.【答案】解：（1）依据题意得，解得，
所以直线分析式为y=x+15；
（2）解不等式x+15＞5得x＞-20，
即x＞-20时，y＞5．
【分析】

（1）借助待定系数法求一次函数分析式；
（2）解不等式x+15＞5即可．
本题考查了待定系数法求一次函数分析式：先设出函数的一般形式，如求一次函数的分析式时，先设y=kx+b；再将自变量x的值及与它对应的函数值y的值代入所设的分析式，得到关于待定系数的方程或方程组；然后解方程或方程组，求出待定系数的值，进而写出函数分析式．

13.【答案】解：（1）过点D作AC的平行线DE，与BC的延长线交于E点．

∵梯形ABCD中，AD∥BC，AC∥DE，
∴四边形ACED为平行四边形，AC=DE，AD=CE，
∵AB=CD，
∴梯形ABCD为等腰梯形，
∴AC=BD，
∴BD=DE，
又AC⊥BD，
∴∠BOC=90°
∵AC∥DE
∴∠BDE=90°，
∴△BDE是等腰直角三角形，
∴∠DBC=45°．

（2）由（1）可知：△BOC，△AOD都是等腰直角三角形，
∵AD=x，BC=10，
∴OA=x，OB=5，
∴y=•OA•OB=•x×5=x（x＞0）．

（3）如图2中，

①当PQ=PO=BC=5时，
∵AQ=QB，BP=PC=5，
∴PQ∥AC，PQ=AC，
∴AC=10，∵OC=5，
∴OA=10-5，
∴AD=OA=10-10．
②当OQ=OP=5时，AB=2OQ=10，此时AB=BC，∠BAC=∠BCA=45°，
∴∠ABC=90°，同理可证：∠DCB=90°，
∴四边形ABCD是矩形，不符合题意，此种情形没有．
③当OQ=PQ时，AB=2OQ，AC=2PQ，
∴AB=AC，
∴∠ABC=∠ACB=45°，
∴∠BAC=90°=∠BOC，显然不可能，
综上所述，满足条件的AD的值为10-10．
【分析】

（1）过点D作AC的平行线DE，与BC的延长线交于E点，只须证明△BDE是等腰直角三角形即可解决问题；
（2）由（1）可知：△BOC，△AOD都是等腰直角三角形，由题意OA=x，OB=5，依据y=•OA•OB计算即可；
（3）分三种情形讨论即可解决问题；
本题考查四边形综合题、梯形、等腰直角三角形的断定和性质、等腰三角形的断定和性质等常识，解题的重点是掌握添加常用辅助线，架构特殊三角形解决问题，掌握用分类讨论的思想考虑问题，是中考压轴题．

14.【答案】-
【分析】

解：（1）∵=+，=，=．
∴=-．
故答案为-．

（2）连接BD．

∵=+，=，
∴=+．
∴即为所求；
（1）依据三角形法则可知：=+，延长即可解决问题；
（2）连接BD．由于=+，=，即可推出=+．
本题考查作图-复杂作图、平行四边形的性质、平面向量等常识，解题的重点是灵活运用所学常识解决问题，是中考常考试试题型．

15.【答案】解：连接AC，BD

（1）∵四边形ABCD是菱形
∴AD=AB
∵E是AB中点，DE⊥AB
∴AD=DB
∴AD=DB=AB
∴△ADB是等边三角形
∴∠A=60°
（2）∵四边形ABCD是菱形
∴AC⊥BD，∠DAC=∠DAB=30°，AO=CO，DO=BO
∵AD=BA=4
∴DO=2，AO=DO=2
∴AC=2
【分析】

（1）依据线段垂直平分线的性质可得DB=AD，即可证△ADB是等边三角形，可得∠A=60°
（2）由题意可得∠DAC=30°，AC⊥BD，可得DO=2，AO=2，即可求AC的长．
本题考查了菱形的性质，熟练运用菱形性质解决问题是本题的重点．

16.【答案】（1）证明：∵AF∥BC，
∴∠AFE=∠BDE，
在△AEF与△BED中，
，
∴△AEF≌△BED，
∴AF=BD，
∵AF∥BD，
∴四边形ADBF是平行四边形；

（2）解：∵CD=DB，AE=BE，
∴DE∥AC，
∴∠FDB=∠C=90°，
∵AF∥BC，
∴∠AFD=∠FDB=90°，
∴∠C=∠CDF=∠AFD=90°，
∴四边形ACDF是矩形，
∵BC=2AC，CD=BD，
∴CA=CD，
∴四边形ACDF是正方形．
【分析】

（1）依据平行线的性质得到∠AFE=∠BDE，依据全等三角形的性质得到AF=BD，于是得到结论； 
（2）第一证明四边形ACDF是矩形，再证明CA=CD即可解决问题；
本题考查了全等三角形的断定和性质，平行四边形的断定，矩形的断定和性质，正方形的断定，三角形中位线定理等常识，解题的重点是灵活运用所学常识解决问题，是中考常考试试题型．

17.【答案】解：
由①得：（x+2y）2=9，
x+2y=±3，
由②得：x（x+y）=0，
x=0，x+y=0，
即原方程组化为：，，，，
解得：，，，，
所以原方程组的解为：，，，．
【分析】

先把原方程组的每一个方程化简，如此原方程组转化成四个方程组，求出每一个方程组的解即可．
本题考查知道二元一次方程组和解高次方程组，能把高次方程组转化成二元一次方程组是解此题的重点．